PHP函数缺少参数错误

我的验证功能看起来像那样

function validate($data, $data2 = 0, $type)
{
...

函数调用示例

if ($result = validate($lname, 'name') !== true)
        response(0, $result, 'lname');

如您所见,我的验证功能有3个输入变量.我不经常使用第二个var – $data2,这就是默认情况下将其设置为0的原因.但是,当我将此函数作为给定示例调用时(据我所知它意味着$data = $lname,$data2 = 0,$type =’name’)获取错误消息

Missing argument 3 ($type) for validate() 

我该如何解决这个问题?

最佳答案

Missing argument 3 ($type) for validate()

始终将可选参数列为最后一个参数.由于PHP没有命名参数,也没有“重载ala Java”,这是唯一的方法:

function validate($data, $type, $data2 = 0) {
}

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